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Si la température de l’eau est de 15°, alors la quantité de chaleur àfournir sera

650,55 —15= 635,55 calories.

Or, puisque la chaudière donne par minute 7,5 kilog. de vapeur,la quantité de chaleur qu’il faut fournir par minute à la chaudière etque nous appellerons Q 0 , est

Q (l =7,5x635,55 = 4766,62 calories.

Supposons maintenant qu’on empêche la sortie de la vapeur, touten continuant à chauffer et à fournir toujours la même quantité Q 0de chaleur à la chaudière. Dans combien de temps la pression de 4 at-mosphères sera-t-elle devenue une pression de 8 atmosphères, enadmettant qu’au moment où l’on arrête la sortie de la vapeur on aiten volume dans la chaudière 0,6 d’eau, et 0,4 de vapeur à la pressionde 4 atmosphères?

Puisque le volume de la chaudière est Y = 11 mètres cubes, lepoids de l’eau qu’elle renferme sera 0,6.11.1000 = 6600; tandisque le poids d’un mètre cube de vapeur à 4 atmosphères est, d’aprèsla table, de 2,257 kilog. On a donc

m=0,4 . 11 . 2,237 =9,84kilogr.

Donc le poids total de l’eau et de la vapeur sera

51 = 6609,84 kilog.

Si on introduit dans la formule (13) les données suivantes, corres-pondant à la pression initiale,

<= 144» ; u = 0,4461, £ = 1034,63,

e! celles qui correspondent à la pression ou à la température deS atmosphères :

<£=170,81; 1891,96.

ta deux termes de l’équation (13) deviennentMc (<,—<) =181179,2

mu ('£' — L j = 5763,3V «î « /

et > puisque Q 0 = 4766,62, on aura pour valeur du temps cherché -t,

t = 38,80 minutes,

c est-à-dire que le temps nécessaire pour que la pression de la vapeur,ans une chaudière chauffée uniformément, de 4 atmosphères aille à8 ’ «t 38,8 minutes.

/au contraire on suppose qu’au moment de la fermeture on ait

ne mS t C ] 6aU 6t ^ US va P eur J < î ue > P ar ex nmple, la quantité d’eau01 plus 0,6 du volume total, mais seulement 0,4, ce qui devrait